本文主要是介绍网络流 方格取数类型题的总结 + HDU3820，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！
题目分析：最小割！
方格取数一类问题！
现在就这一类做一个小结吧。。。。
1.首先是方格内有固定的权值，可以取不相邻的数，问怎样取使权值最大。
这样我们奇偶建图，源点掌管奇属性点，汇点掌管偶属性点，然后相邻的两点建边容量无穷大，源汇向自己掌管的点建边，容量为权值。这样建图的意义在于，如果某一条边被割掉，那么久说明这个点被抛弃了（不选这个点），那么可不可能选到两个相邻的点？由于相邻两点的边为无穷大，那么这条边肯定不会被割掉，也就是说要么和源点相连的点被割掉，要么和汇点相连的被割掉！这样建图，被割掉一定是和源点或汇点相连的边，切记。结果是权值总和减去最小割。
两点间建边无穷大，可以这么认为，目的是为了最大化取的点是相邻点的代价，通过这种方式使得相邻两点必定不能同时取（否则这个代价太大）。
2.方格内有固定权值，可以取相邻的数，如果相邻的数被取走，那么需要付出一个这两个数同时被取走的代价，问怎样取使得权值最大。
同样奇偶建图，源汇分别和自己掌管的点建边，容量为权值。现在重点来了，因为可以同时取走相邻的点，那么我们相邻点之间就不能建边无穷大来约束了。其实约束条件其实就是相邻两点被取走的代价。怎么理解？如果同时取走两点的代价超过取走这两点带来的价值，那么说明这个方案不是最优的，因为显然我们可以只取其中一点。第一类问题其实就是通过将约束条件无穷大化来约束使得不能同时选择相邻的两点而已。
3.方格内有两种属性的权值，每个方格可以取其中一个属性的权值，可以取相邻的数，如果取走的相邻方格属于同一属性，需要花费相应的代价，问怎样取使得权值最大。
建图稍微不同：奇属性的格子的第一种属性和源点建边，第二种属性和汇点建边，容量为该属性在该格子对应的权值。偶属性的格子的第一种属性和汇点建边，第二种属性和源点建边，容量为该属性在该格子对应的权值。这样由于同一个格子我们只能取走其中一个属性的权值，那么对这两个属性建边无穷大约束一下就好。相邻两点取走相同属性怎么办？其实只要对该点的和源点相连的属性对相邻点的同一属性建边就行了（相邻点和该点同一属性则相邻点的该属性必定和汇点相连），约束条件就是代价。这样建图以后，每个点要么选取其中一个属性，要么都不选。
总结一下这一类问题，基本是奇偶建图，然后如果要求能取相邻点，那么相邻点建边，容量为代价，否则建边无穷大约束。建边无穷大可以约束两个条件使至多只能选取一个。
本题属于第三种情况。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<iomanip>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<stack>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int int_max = 0x07777777;
const int int_min = 0x80000000;
const int maxn = 55*55*2;struct Edge{int from, to, cap, flow;Edge(int _from, int _to, int _cap, int _flow):from(_from),to(_to),cap(_cap),flow(_flow){}
};
vector<Edge> es;
vector<int> g[maxn];
int result,n,m,s,t,G,S;
int p[maxn],d[maxn],gap[maxn],cur[maxn],A[55][55],B[55][55];
void addedge (int from, int to, int cap){es.push_back(Edge(from, to, cap, 0));es.push_back(Edge(to, from, 0,0));int num = es.size();g[from].push_back(num-2);g[to].push_back(num-1);
}
void BFS (){queue<int> q;memset(d, 0, sizeof(d));d[t] = 0;q.push(t);while(!q.empty()){int u = q.front();q.pop();for(int i = 0; i < g[u].size(); i++){Edge& e = es[g[u][i]];if(e.cap==0 && d[e.to]==0){d[e.to] = d[u]+1;q.push(e.to);}}}
}
int augment (){int x = t;int a = int_max;while(x!=s){Edge& e = es[p[x]];a = (a < e.cap-e.flow ? a : e.cap-e.flow);x = es[p[x]].from;}x = t;while(x!=s){es[p[x]].flow += a;es[p[x]^1].flow -= a;x = es[p[x]].from;}return a;
}
int sap (){int flow = 0;BFS();memset(gap, 0, sizeof(gap));for(int i = 0; i <= t; i++) gap[d[i]]++;int x = s;memset(cur, 0, sizeof(cur));while(d[s] < t+1){if(x==t){flow += augment();x = s;}int ok = 0;for(int i = 0; i < g[x].size(); i++){Edge& e = es[g[x][i]];if(e.cap > e.flow && d[x]==d[e.to]+1){ok = 1;p[e.to] = g[x][i];cur[x] = i;x = e.to;break;}}if(!ok){int mm = t;for(int i = 0; i < g[x].size(); i++){Edge& e = es[g[x][i]];if(e.cap > e.flow) mm = (mm > d[e.to] ? d[e.to] : mm);}if(--gap[d[x]] == 0) break;gap[d[x]=mm+1]++;cur[x] = 0;if(x!=s) x = es[p[x]].from;}}return flow;
}int main(int argc, const char * argv[])
{int T;cin >> T;int count = 0;while(T--){scanf("%d %d %d %d", &n, &m, &G, &S);int total = 0;for(int i = 0; i < n; i++){for(int j = 0; j < m; j++) {scanf("%d", &A[i][j]);total += A[i][j];}}for(int i = 0; i < n; i++){for(int j = 0; j < m; j++) {scanf("%d", &B[i][j]);total += B[i][j];}}es.clear();s = n*m*2;t = s+1;int dir[4][2] = {-1,0,0,1,1,0,0,-1};for(int i = 0; i < maxn; i++) g[i].clear();for(int i = 0; i < n; i++){for(int j = 0; j < m; j++){if((i+j)%2==0){addedge(s, i*m+j, A[i][j]);addedge(i*m+j, i*m+j+n*m, int_max);addedge(i*m+j+n*m, t, B[i][j]);for(int u = 0; u < 4; u++){int ii = i + dir[u][0];int jj = j + dir[u][1];if(ii>=0 && ii<n && jj>=0 && jj<m){addedge(i*m+j, ii*m+jj, G);}}}else{addedge(s, i*m+j+n*m, B[i][j]);addedge(i*m+j+n*m, i*m+j, int_max);addedge(i*m+j, t, A[i][j]);for(int u = 0; u < 4; u++){int ii = i + dir[u][0];int jj = j + dir[u][1];if(ii>=0 && ii<n && jj>=0 && jj<m){addedge(i*m+j+n*m, ii*m+jj+n*m, S);}}}}}printf("Case %d: %d\n",++count,total-sap());}
}这篇关于网络流 方格取数类型题的总结 + HDU3820的文章就介绍到这儿，希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助！
