poj_1606_回溯

2024-05-15 06:48
文章标签 poj 回溯 1606

本文主要是介绍poj_1606_回溯,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

题目描述:

 

 

解题思路:

 

 

代码:

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#define N 1000

char print_str[6][20] = {{"pour A B"},{"pour B A"},{"fill B"},{"fill A"},{"empty B"},{"empty A"}};
int a, b, n, count, result[N], current[2], flag[N][N];

int find()
{
   int c[2],tmp, i, f;
   if(current[0]==0 && current[1]==0){
      return 1;
   }else{
      f = 0;
      flag[current[0]][current[1]] = 1;
      c[0] = current[0];
      c[1] = current[1];
      //pour A B
      if((current[0]<a && current[1]==b)||(current[0]==0)){
         if(current[0]!=0){
             tmp = a - current[0];
             current[0] = a;
             current[1] = b-tmp;
         }else{
            if(current[0]+current[1]<a){
               current[0] = current[1];
               current[1] = 0;
            }else{
               current[1] =  current[1] - a;
               current[0] = a;
            }
         }
         result[count] = 0;
         count ++;
         if(flag[current[0]][current[1]] == 0){
            f = find();
            if(f)
               return f;
            flag[current[0]][current[1]] = 0;
         }
         current[0] = c[0];
         current[1] = c[1];
         count --;
      }
      //pour B A
      if((current[0]==a && current[1]<b)||(current[1]==0)){
         if(current[1]!=0){
             if(current[0]+current[1]<=b){
                current[1] = current[0] + current[1];
                current[0] = 0;
             }else{
                 tmp = b - current[1];
                 current[1] = b;
                 current[0] = a - tmp;
             }
         }else{
            current[1] = current[0];
            current[0] = 0;
         }
         if(current[0]>=0){
             result[count] = 1;
             count ++;
             if(flag[current[0]][current[1]] == 0){
                f = find();
                if(f)
                   return f;
                 flag[current[0]][current[1]] = 0;
             }
             count --;
           
         }
         current[0] = c[0];
         current[1] = c[1];
      }
      //fill B
      if(f==0 && (current[1] == b)){
         result[count] = 2;
         for(i=0;i<b;i++){
            current[1]=i;
            count ++;
            if(flag[current[0]][current[1]] == 0){
               f = find();
               if(f)
                  return f;
               flag[current[0]][current[1]] = 0;
            }
           
            current[0]=c[0];
            count--;
         }
      }
      //fill A
      if(current[0] == a){
         result[count] = 3;
        
         for(i=0;i<a;i++){
            current[0]=i;
            count ++;
            if(flag[current[0]][current[1]] == 0){
               f = find();
               if(f)
                  return f;
               flag[current[0]][current[1]] = 0;
            }
           
            current[1]=c[1];
            count--;
         }
      }
      //empty B
      if(current[1] == 0){
         result[count] = 4;
         for(i=1;i<=b;i++){
            current[1] = i;
            count++;
            if(flag[current[0]][current[1]] == 0){
               f = find();
               if(f)
                  return f;
               flag[current[0]][current[1]] = 0;
            }
           
            current[0] = c[0];
            count --;
         }
      }
      //empty A
      if(current[0] == 0){
         result[count] = 5;
         for(i=1;i<=a ;i++){
            current[0] = i;
            count ++;
            if(flag[current[0]][current[1]] == 0){
               f = find();
               if(f)
                  return f;
            flag[current[0]][current[1]] = 0;
            }
           
            current[1] = c[1];
            count --;
         }
      }
      return f;
   
}


main()
   
   int f, i;
  
   while(scanf("%d %d %d",&a, &b, &n)!=EOF){
       memset(flag, 0, sizeof(flag));
       current[0] = 0;
       current[1] = n;
       f = find();
       if(!f){
           current[0] = a;
           current[1] = n;
           f = find();
       
       for(i=count-1;i>=0;i--)
          printf("%s\n",print_str[result[i]]);
       printf("success\n");
       count = 0;
   }
   //system("pause");
   return 0;
}

这篇关于poj_1606_回溯的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!



http://www.chinasem.cn/article/991101

相关文章

poj 3974 and hdu 3068 最长回文串的O(n)解法(Manacher算法)

求一段字符串中的最长回文串。 因为数据量比较大,用原来的O(n^2)会爆。 小白上的O(n^2)解法代码:TLE啦~ #include<stdio.h>#include<string.h>const int Maxn = 1000000;char s[Maxn];int main(){char e[] = {"END"};while(scanf("%s", s) != EO

hdu 2602 and poj 3624(01背包)

01背包的模板题。 hdu2602代码: #include<stdio.h>#include<string.h>const int MaxN = 1001;int max(int a, int b){return a > b ? a : b;}int w[MaxN];int v[MaxN];int dp[MaxN];int main(){int T;int N, V;s

poj 1511 Invitation Cards(spfa最短路)

题意是给你点与点之间的距离,求来回到点1的最短路中的边权和。 因为边很大,不能用原来的dijkstra什么的,所以用spfa来做。并且注意要用long long int 来存储。 稍微改了一下学长的模板。 stack stl 实现代码: #include<stdio.h>#include<stack>using namespace std;const int M

poj 3259 uva 558 Wormholes(bellman最短路负权回路判断)

poj 3259: 题意:John的农场里n块地,m条路连接两块地,w个虫洞,虫洞是一条单向路,不但会把你传送到目的地,而且时间会倒退Ts。 任务是求你会不会在从某块地出发后又回来,看到了离开之前的自己。 判断树中是否存在负权回路就ok了。 bellman代码: #include<stdio.h>const int MaxN = 501;//农场数const int

poj 1258 Agri-Net(最小生成树模板代码)

感觉用这题来当模板更适合。 题意就是给你邻接矩阵求最小生成树啦。~ prim代码:效率很高。172k...0ms。 #include<stdio.h>#include<algorithm>using namespace std;const int MaxN = 101;const int INF = 0x3f3f3f3f;int g[MaxN][MaxN];int n

poj 1287 Networking(prim or kruscal最小生成树)

题意给你点与点间距离,求最小生成树。 注意点是,两点之间可能有不同的路,输入的时候选择最小的,和之前有道最短路WA的题目类似。 prim代码: #include<stdio.h>const int MaxN = 51;const int INF = 0x3f3f3f3f;int g[MaxN][MaxN];int P;int prim(){bool vis[MaxN];

poj 2349 Arctic Network uva 10369(prim or kruscal最小生成树)

题目很麻烦,因为不熟悉最小生成树的算法调试了好久。 感觉网上的题目解释都没说得很清楚,不适合新手。自己写一个。 题意:给你点的坐标,然后两点间可以有两种方式来通信:第一种是卫星通信,第二种是无线电通信。 卫星通信:任何两个有卫星频道的点间都可以直接建立连接,与点间的距离无关; 无线电通信:两个点之间的距离不能超过D,无线电收发器的功率越大,D越大,越昂贵。 计算无线电收发器D

poj 1502 MPI Maelstrom(单源最短路dijkstra)

题目真是长得头疼,好多生词,给跪。 没啥好说的,英语大水逼。 借助字典尝试翻译了一下,水逼直译求不喷 Description: BIT他们的超级计算机最近交货了。(定语秀了一堆词汇那就省略吧再见) Valentine McKee的研究顾问Jack Swigert,要她来测试一下这个系统。 Valentine告诉Swigert:“因为阿波罗是一个分布式共享内存的机器,所以它的内存访问

uva 10061 How many zero's and how many digits ?(不同进制阶乘末尾几个0)+poj 1401

题意是求在base进制下的 n!的结果有几位数,末尾有几个0。 想起刚开始的时候做的一道10进制下的n阶乘末尾有几个零,以及之前有做过的一道n阶乘的位数。 当时都是在10进制下的。 10进制下的做法是: 1. n阶位数:直接 lg(n!)就是得数的位数。 2. n阶末尾0的个数:由于2 * 5 将会在得数中以0的形式存在,所以计算2或者计算5,由于因子中出现5必然出现2,所以直接一

poj 3159 (spfa差分约束最短路) poj 1201

poj 3159: 题意: 每次给出b比a多不多于c个糖果,求n最多比1多多少个糖果。 解析: 差分约束。 这个博客讲差分约束讲的比较好: http://www.cnblogs.com/void/archive/2011/08/26/2153928.html 套个spfa。 代码: #include <iostream>#include <cstdio>#i